miércoles, 26 de marzo de 2014

PARA MIS CHICOS DE ES 115 Y ESS 51

RESOLVAMOS ALGUNAS SITUACIONES…


1-   
   En el campamento hay un total de 60 carpas.
La mitad de las carpas son para 4 personas, una quinta parte de las carpas son para 2
personas y el resto de las carpas son para 6 personas.
Hoy todas las carpas están completas. ¿Cuántas personas hay en el campamento?



2-   Juan escribe dos números enteros distintos cuyo promedio es 68.
Los dos números son mayores que 50.
¿Cuál es el mayor número que puede escribir Juan?


 3
            3- En la figura:
A, D y E son cuadrados iguales;
B, C y F son rectángulos iguales.
El rectángulo formado por A y B tiene 60 cm de perímetro.
El rectángulo formado por B, C y F tiene 76 cm de perímetro.
¿Cuál es el perímetro de A?
¿Cuál es el perímetro de B?
¿Cuál es el perímetro de la figura?

.        4-  En un triángulo ABC, el ángulo B  mide el doble que el ángulo A y el ángulo C  mide el  triple que el ángulo B  ¿Cuánto mide cada ángulo?

sábado, 22 de marzo de 2014

KAKUROS



KAKURO Y EL PENSAMIENTO ARITMÉTICO
 
Kakuro es una clase de enigma lógico-matemático. 

Los enigmas Kakuro son problemas de programación lineal, y se pueden resolver utilizando las técnicas de matriz matemática, aunque sean resueltos típicamente a mano.  Son de aparición regular en la mayoría de las publicaciones de matemáticas y de enigma lógico en varios países.

Dell Magazines propuso los nombres de Cross Sums (Sumas Cruzadas) y Cross Addition (Adición Cruzada), pero también el nombre japonés Kakuro (la abreviación japonesa de kasan kurosu: 加算クロス Adición+Cruz)

La popularidad de Kakuro en Japón es inmensa, sólo después del famoso Sudoku entre otras célebres ofertas de la famosa Nikoli, compañía editora japonesa que se especializa en juegos, y especialmente, en enigmas de lógica.

Reglas del juego

El objetivo consiste en rellenar las casillas vacías (color blanco) con los números de 1 al 9. Estas casillas se encuentran distribuidas en filas y columnas. Cada fila y columna contiene un número (en color blanco), llamado número clave. Este número indica la suma de la fila, si se encuentra a la izquierda de ésta, o la suma de la columna, si se encuentra arriba de ella.

Hay que rellenar las casillas vacías con números del 1 al 9, teniendo en cuenta que: cada fila o columna debe sumar lo indicado, y no se puede repetir un mismo número en una suma ya sea por fila o columna.
Ahora que conocemos algo más sobre el Kakuro...por que no resolvemos algunos??
Hasta pronto!
                                                              La Profe 


jueves, 6 de marzo de 2014

GRAFOS

Grafos Planos



Un problema de aplicación de los grafos planos:


Cada una de las casas debe tener los tres servicios ( luz, agua y gas).
Ninguna de las conexiones puede cruzarse....¿ Cómo las realizan las distintas compañías?

¡Suerte!

miércoles, 5 de marzo de 2014

TRABAJOS PRÁCTICOS MD

Buenas tardes!!

Como hoy les prometimos, les estoy subiendo los TP de las unidades 5,6 y 7, de Matemática Discreta.
Ahora podrán estudiar y practicar...como Uds querían!! 


Saludos!
                                                 La Profe



lunes, 3 de marzo de 2014

COMBINATORIA

COMBINATORIA

¿CÓMO LAS DIFERENCIAMOS?

En este cuadro pueden ver bien las diferencias existentes...y por ende, cual aplicar, según el problema a resolver. Pero primordialmente, primero, deben interpretarlo bien!!
A pensar!!
                La Profe

EJERCICIOS RESUELTOS DE COMBINATORIA

 UNLAM
COMBINATORIA..

En este link...más de combinatoria resueltos!!!


Excelente finde largo!!
Besos...
            Tere

COMBINATORIA


PROBLEMAS DE COMBINATORIA RESUELTOS.

Acá les dejo unos problemas que encontré navegando, buscando para uds!!!
Hay algunos con repetición...esos no van...pero si tienen ganas...pueden leerlos!!


Permutación
1) Se tienen 3 libros: uno de aritmética (A), uno de biología(B) y otro de cálculo(C), y se quiere ver de cuántas maneras se pueden ordenar en un estante.
En principio se puede elegir cualquiera de los 3 para colocar en primer lugar:
1a2a3a
A
B
C
  Una vez elegido uno de ellos, para ocupar el primer lugar, quedan 2 posibles para ubicar
Se ve entonces que hasta ahora hay 3.2 maneras distintas de ordenar los  libros. Pero una vez dispuestos las 2 primeros queda unívocamente determinado cuál debe ser el tercero.
O sea que el número total de maneras posibles de ordenar los 3 libros se puede calcular como: 3.2.1 = 6
Variación
2) Se tienen 7 libros y solo 3 espacios en una biblioteca, y se quiere calcular de cuántas maneras se pueden colocar 3 libros elegidos; entre los siete dados, suponiendo que no existan razones para preferir alguno.
En un principio se puede elegir cualquiera de los 7 libros para ubicarlo en
Primer lugar Después quedan 6 libros posibles para colocar en el segundo lugar y por último solo 5 libros para el tercer lugar.
Por lo tanto las distintas maneras en que se pueden llenar los 3 huecos de la
biblioteca es: 7.6.5 = 210
Si se tienen n libros y tres lugares es: n.(n - 1).(n - 2)
En general para n libros y k lugares resulta:
n. (n-1). (n-2). ..... .[n- (k-1)]
Con la fórmula: Vn,k = n!/(n-k)! ® V7,3=7!/(7-3)!=7.6.5.4!/4!=7.6.5
PERMUTACIONES CON REPETICIÓN
3) ¿Cuántas permutaciones pueden formarse con las letras de la palabra BONDAD?
Hay 6!/2!
Si se escribe en lugar de BONDAD: BONDAD’
Todas las letras son distintas, luego hay 6! permutaciones, pero cada par de
permutaciones:
- - - D - D’
- - - D’- D
Coinciden, por lo tanto se tiene que dividir por 2 el número total de permutaciones

4) ¿De cuántas maneras se pueden ordenar las letras de la palabra AMASAS?
Si a la letras que se repiten se les coloca un subíndice se tiene
1M A 1 A 3 Sy el número de permutaciones posibles es P6 = 6!
Que ocurre si sólo se cambian de posición las letras A?
1M A 1 A 3 S2M A 1 A 2 S2
1M A 1 A 2 S3M A 11 A 2 S2
2M A 1 A 3 S3M A 1 A 1 S2
Se obtienen tantas maneras distintas de ordenar como permutaciones de 3
elementos (las 3 "A"), cuyo número es P= 3!
De manera similar si sólo se modifica la posición de la letra "S" se obtienenP= 2! maneras de ordenar diferentes.
Pero en cualquiera de los dos casos, siempre se sigue leyendo la misma palabra, es decir, que si se borran los subíndices, no se distingue diferencia alguna.
Se puede encontrar el número de permutaciones –Pdistinguibles o no – haciendo el producto de las distinguibles – que se indican 2,3 – por las no distinguibles Py P.
PP2,3 . P2. P3
De esta manera se puede encontrar el número de permutaciones distinguibles:
P P2. P3
Combinación
5) Un hospital cuenta con 21 cirujanos con los cuales hay que formar ternas para realizar guardias. ¿Cuántas ternas se podrán formar?
Se trata de formar todas las ternas posibles, sin repetir elementos en cada una, y sin importar el orden de los elementos.
Si quisiéramos formar todas las ternas posibles, sin repetición de elementos en cada una, para elegir el primer elemento hay 21 posibilidades, para el segundo quedan 20 posibilidades, y para el tercero 19 posibilidades, por lo tanto el número de ternas posibles está dado por: 21* 20*19 = 7980
Pero en este caso cada terna aparece repetida en distinto orden, por ejemplo tendremos: ABC, ACB, BAC, CAB y CBA. Son seis ternas con los mismos elementos, que está dado por el factorial de 3.
Por lo tanto el total de ternas obtenido 7980, hay que dividirlo por 6
7980/6 = 1330
Se pueden organizar las guardias de 1330 maneras diferentes
Este es un problema de combinación. Si llamamos m al número de elementos del conjunto y n al número que integrará cada uno de los conjuntos que debemos formar, de modo que ls elementos de cada uno sean diferentes y no importa el orden, se tiene la fórmula:
Cm,n = m!/ (n!. (m-n)!)

Combinaciones con repetición
6)¿De cuántas maneras pueden entrar cuatro alumnos en tres aulas, si no se hace distinción de personas?
Si tomamos, por ejemplo que entran dos personas en el aula 1, una en el aula 2 y otra en el aula 3
Que escribimos: 1123
Pero también se puede dar la siguiente situación
Es decir 3121
Otra situación
O sea 3211
Al no haber distinción estas distribuciones de cuatro alumnos en tres aulas son la misma.
Otra distribución distinta es, por ejemplo 1113, que significa: tres alumnos entraron en el aula 1 y el cuarto en el aula 3.
De modo que las distribuciones posibles de 4 personas en tres aulas, son
C’3,4 = C3+4-1,4 = C6,4 = 6 . 5. 4. 3/(4. 3. 2. 1) = 15

7. Una comida gratis
Diez jóvenes decidieron celebrar la terminación de sus estudios en la escuela secundaria con un almuerzo en un restaurante. Una vez reunidos, se entabló entre ellos una discusión sobre el orden en que habían de sentarse a la mesa. Unos propusieron que la colocación fuera por orden alfabético; otros, con arreglo a la edad; otros, por los resultados de los exámenes; otros, por la estatura, etc. La discusión se prolongaba, la sopa se enfrió y nadie se sentaba a la mesa. Los reconcilió el camarero, dirigiéndoles las siguientes palabras:
  • Jóvenes amigos, dejen de discutir. Siéntense a la mesa en cualquier orden y escúchenme
Todos se sentaron sin seguir un orden determinado. El camarero continuó:
  • Que uno cualquiera anote el orden en que están sentados ahora. Mañana vienen a comer y se sientan en otro orden. Pasado mañana vienen de nuevo a comer y se sientan en orden distinto, y así sucesivamente hasta que hayan probado todas las combinaciones posibles. Cuando llegue el día en que ustedes tengan que sentarse de nuevo en la misma forma que ahora, les prometo solemnemente, que en lo sucesivo les convidaré a comer gratis diariamente, sirviéndoles los platos más exquisitos y escogidos.

La proposición agradó a todos y fue aceptada. Acordaron reunirse cada día en aquel restaurante y probar todos los modos distintos, posibles, de colocación alrededor de la mesa, con objeto de disfrutar cuanto antes de las comidas gratuitas.
Sin embargo no lograron llegar hasta ese día. Y no porque el camarero no cumpliera su palabra sino porque el número total de combinaciones diferentes alrededor de la mesa es extraordinariamente grande. Estas son exactamente 3.628.800. Es fácil calcular, que este número de días son casi 10.000 años.
Posiblemente a ustedes les parecerá increíble que 10 personas puedan colocarse en un número tan elevado de posiciones diferentes. Comprobemos el cálculo.
Ante todo, hay que aprender a determinar el número de combinaciones distintas, posibles. Para mayor sencillez empecemos calculando un número pequeño de objetos, por ejemplo, tres. Llamémosles A, B y C.
Deseamos saber de cuantos modos diferentes pueden disponerse, cambiando mutuamente su posición. Hagamos el siguiente razonamiento. Si se separa de momento el objeto C, los dos restantes, A y B, pueden colocarse solamente en dos formas.
Ahora agreguemos el objeto C a cada una de las parejas obtenidas. Podemos realizar esta operación tres veces:
  1. colocar C detrás de la pareja,
  2. colocar C delante de la pareja,
  3. colocar C entre los dos objetos de la pareja.

Es evidente que no son posibles otras posiciones distintas para el objeto C, a excepción de las tres mencionadas. Como tenemos dos parejas, AB y BA, el número total de formas posibles de colocación de los tres objetos será: 2 x 3 = 6.
Hagamos el cálculo para cuatro objetos.
Tenemos cuatro objetos A, B, C y D, y separemos de momento uno de ellos, por ejemplo, el objeto D. Efectuemos con los otros tres todos los cambios posibles de posición. Ya sabemos que para tres, el número de cambios posibles es 6. ¿En cuántas formas diferentes podemos disponer el cuarto objeto en cada una de las 6 posiciones que resultan con tres objetos? Evidentemente, serán cuatro. Podemos:
  1. colocar D detrás del trío,
  2. colocar D delante del trío,
  3. colocar D entre el 1º y de 2º objetos,
  4. colocar D entre el 2º y 3º.

Obtenemos en total: 6 x 4 = 24 posiciones, pero teniendo en cuenta que 6 = 2 x 3 y que 2 = 1 x 2, entonces podemos calcular el número de cambios posibles de posición haciendo la siguiente multiplicación: 1 x 2 x 3 x 4 = 24.
Razonando de idéntica manera, cuando haya 5 objetos, hallaremos que el número de formas distintas de colocación será igual a: 1 x 2 x 3 x 4 x 5 = 120.
Para 6 objetos será: 1 x 2 x 3 x 4 x 5 x 6 = 720 y así sucesivamente.
Volvamos de nuevo al caso antes citado de los 10 comensales. Sabremos el número de posiciones que pueden adoptar las 10 personas alrededor de la mesa, si nos tomamos el trabajo de calcular el producto siguiente: 1 x 2 x 3 x 4 x 5 x 6 x 7 x 8 x 9 x 10.
Resultará el número indicado anteriormente: 3.628.800.
El cálculo sería más complicado, si de los 10 comensales, 5 fueran muchachas y desearan sentarse a la mesa alternando con los muchachos. A pesar de que el número posible de combinaciones se reduciría en este caso considerablemente, el cálculo sería más complejo.
Supongamos que se sienta a la mesa, indiferentemente del sitio que elija, uno de los jóvenes. Los otros cuatro pueden sentarse, dejando vacías para las muchachas las sillas intermedias, adoptando 1 x 2 x 3 x 4 = 24 formas diferentes. Como en total hay 10 sillas, el primer joven puede ocupar 10 sitios distintos. Esto significa que el número total de combinaciones posibles para los muchachos es de 10 x 24 = 240.
¿En cuántas formas diferentes pueden sentarse en las sillas vacías, situadas entre los jóvenes las 5 muchachas? Evidentemente serán 1 x 2 x 3 x 4 x 5 = 120. Combinando cada una de las 240 posiciones de los muchachos, con cada una de las 120 que pueden adoptar las muchachas, obtendremos el número total de combinaciones posibles, o sea, 240 x 120 = 28.800
Este número, como vemos, es muchas veces inferior al que hemos citado antes y se necesitaría un total de 79 años. Los jóvenes clientes del restaurante, que vivieran hasta la edad de cien años, podrían asistir a una comida, servida gratis, si no por el propio camarero, al menos por uno de sus descendientes.
Sabiendo calcular el número de permutaciones posibles, podemos determinar el número de combinaciones realizables con las cifras del "juego del 15". Con otras palabras, podemos calcular el número total de ejercicios que es posible efectuar con ese juego. Se comprende fácilmente, que el cálculo se reduce a hallar el número de combinaciones posibles a base de 15 objetos. Sabemos, según hemos visto, que para ello es preciso multiplicar sucesivamente: 1 x 2 x 3 x 4 x … x 14 x 15.
Como resultado se obtiene: 1.307.674.365.000, o sea, más de un billón.
La mitad de ese enorme número de ejercicios son insolubles, o sea que en este juego, más de 600.000 millones de combinaciones no tienen solución. Por ello se comprende, en parte, la fiebre de apasionamiento por el "juego del 15", que embargó a las gentes, que no sospechaban la existencia de ese inmenso número de casos insolubles.
Si fuera posible colocar cada segundo las cifras en una nueva posición, para realizar todas las combinaciones posibles, habría que trabajar incesantemente día y noche más de 40.000 años.
Como fin de nuestra charla sobre el número de combinaciones posibles, resolvamos el siguiente problema relacionado con la vida escolar.
Hay en clase 25 alumnos. ¿En cuántas formas diferentes pueden sentarse en los pupitres?
Para los que han asimilado lo expuesto anteriormente, la solución es muy sencilla: basta multiplicar sucesivamente los 25 números siguientes: 1 x 2 x 3 x 4 x 5 x 6 x … x 23 x 24 x 25.
En matemáticas existen diversos métodos de simplificación de los cálculos, pero para facilitar operaciones como la que acabamos de mencionar, no los hay. El único procedimiento para efectuar exactamente esta operación consiste en multiplicar con paciencia todos esos números. Sólo puede reducirse algo de tiempo requerido para efectuar esa multiplicación, eligiendo una agrupación acertada de los mismos. El resultado que se obtiene es un número enorme compuesto de 26 cifras, cuya magnitud es incapaz de representársela nuestra imaginación.
He aquí el número: 15.511.210.043.330.985.984.000.000

Combinatoria

Un problema resuelto

1-¿Cuántos números de tres cifras podemos formar con los dígitos: 0,1,2,3,4,5,6,7,8,9 ?
A.   ¿Cuántos de estos son impares? 

B. ¿Cuántos son pares? 
C. ¿Cuántos son divisible por cinco? 
D. ¿Cuántos hay mayores que seiscientos?
E. ¿ Menores que 300?
F. ¿ Cuantas agrupaciones de 15 elementos podemos formar?


SOLUCIÓN
             1-    S. R  V10,3. Pero debemos restarles los números que comienzan en 0, como 012, 025, que   son equivalentes a 12, 25 etc, por lo tanto le restamos las V9,2, ya que no consideramos al 0. entonces:      
 V10,3- V9,2 =  10 . 9 . 8 – 9 . 8 = 648
CR: Hacemos el mismo razonamiento, pero considerando la totalidad de los dígitos, ya que podemos repetirlos     VR10,3  -  VR10,2 =1000-100= 900

ASon los números que deben terminar en 1,3, 5 ,7 o 9.
       Los que terminan en 1:  V9,2 
      Pero como pueden ser 5 los casos de la última cifra: 5 . V9,2  = 360   y restamos los que comienzan   en 0: V8,1.  Y también hay 5 casos por lo tanto le restamos 
        5. V8,1= 40 . 
       Es decir que hay 360-40=320 números impares.
       CR: 5. (VR10,2 – V10,1) = 5. (10. 9 -10 . 1) = 450
       (En este caso siempre elegimos sobre 10    dígitos, pues pueden repetirse.)
B-     Es similar al anterior, sólo que terminarán en0, 2, 4, 6,8. Es decir que tendremos: 5 . V9,2  = 360  números pares de 3 cifras. Debemos restar los que comienzan con 0, que en este caso serán solo en 4 ocasiones, pues cuando el número termina en 0, no puede empezar con 0, pues no podemos repetir las cifras: 4. V8,1= 38. Es decir que hay 360 – 32= 328 números pares de 3 cifras
CR=  igual que en el punto A
C-      En este caso, son los números terminados en 5 y en 0, teniendo las mismas consideraciones anteriores:
2.V9,2 – V8,1=2.9.8 – 8=138
CR= 2.(VR10,2-V10,1)= 180   ( se consideran todos los números pues pueden repetirse los dígitos, y sólo consideramos de a 2, pues ya tenemos fijo el último dígito)
                       D-     Son todos los que comienzan con 6, 7, 8 y 9.
            4.V9,2= 288
           4.VR 10, 2= 400, al que le restamos 1, que es el que termina en 00= 399
E-      Ïdem D, pero con los que empiezan con 1 y 2.
             2.V9,2= 144
             2.VR 10, 2= 20
      F-  En este caso son combinaciones, pq no consideramos el orden del número, sino como un mero           elemento.
                CR10,15=C10+15-1, 15=C24,15=1307504
                                                                                                                                La Profe                                  

PERMUTACIONES

UNLaM

Problema de permutaciones


¿Cuántas palabras diferentes sin importar su significado, se pueden formar con la palabra MATEMATICA?

Es una permutación con repetición.
Veamos las veces que se re repite cada letra:
M: 2 veces
A: 3 veces
T: 2 veces
el resto de las otras letras sólo aparece una vez.
Lo resolvemos haciendo las permutaciones totales, sin tener en cuenta las repeticiones, dividiendo por la permutación de cada repetición es decir:


¿¿Porque dividimos las que se repiten???
 Recuerden que dividir es restar, entonces a todas las permutaciones que podemos hacer con 10 letras les restamos las que se repiten . Si??
Espero que haya quedado claro
Secretito que todos saben: no va en el examen combinatoria con repetición, solamente entran las simples, las que vimos en clases.

Saludos!!!
             LA PROFE

Combinatoria

Combinatoria...y demás..

Dicen que si Mahoma no va a la montaña...la montaña va a él..
Por eso..republico una entrada vieja...que les servirá mucho!!

Besos y excelente semana!!!
La Profe